Последовательность нуклеотидов на мрнк цгг ггц
Челябинск
2017 ПРАКТИЧЕСКОЕ ЗАНЯТИЕ №6 ТЕМА МОЛЕКУЛЯРНЫЕ ОСНОВЫ НАСЛЕДСТВЕННОСТИ (I) Цели занятия
1) Познакомится с современной теорией строения гена.
2) Изучить строение и свойства наследственного материала (ДНК, РНК.
3) Уяснить механизм кодирования и передачи наследственной информации. Базисные знания
1) Из курса биологии средней школы Вы должны иметь общие представления о структуре и функциях нуклеиновых кислот и принципах кодировки наследственной информации. Учебная карта занятия А) Вопросы для подготовки к занятию Эволюция представлений о гене (Йогансон, Кольцов, Бензер, Уотсон, Крик, Дубинин,
Серебровский).
Структурно-функциональные уровни организации наследственного материала. Общие свойства генетического материала. Доказательства наследственной роли нуклеиновых кислот (трансформация, трансдукция). Химическая организация наследственного материала а) структура, свойства и функции ДНК. б) структура и функции различных видов РНК. Значение следующих последовательностей нуклеотидов а) уникальных б) со средним числом повторов в) с большим числом повторов г) перемещающиеся генетические элементы. Кодовая система ДНК (работы Ниренберга, Очоа и др. Свойства генетического кода. Г) Задания для учебно-исследовательской работы обучающихся Задание 1. Изучение правил решения генетических задач по теме занятия Познакомьтесь с примерами решения типовых задач с использованием правила Чаргаффа. Задача 1. Исследования показали, что 34% общего числа нуклеотидов мРНК приходится на гуанин, 18% на цитозин. Определите процентный состав азотистых оснований, соответствующий двухцепочечной ДНК. Решение
1) Одноцепочечная мРНК по составу цитозиновых и гуаниновых оснований соответствует антисмысловой цепи ДНК. Следовательно, в антисмысловой цепи ДНК (5`-3`) соотношение гуаниновых и цитозиновых нуклеотидов аналогично мРНК: Г и Ц
2) Гуанин и цитозин антисмысловой цепи ДНК образует комплементарные связи с цитозином и гуанином соответственно в смысловой кодогенной цепи, следовательно, Г антисмысловой цепи Ц кодогенной цепи (18%); Ц антисмысловой цепи (Г кодогенной цепи (34%). Таким образом, количество ГЦ в двухцепочечной ДНК
3) Так как (А+Т)+(Г+Ц)=100%, то АТ
4) Т.к. по правилу Чаргаффа ГЦ и АТ, тов гуанин-цитозиновых пар ½=26% приходится на гуанин и ½=26% на цитозин. Соответственно в 48% аденин-тиминовых пар ½=24% приходится на аденин и ½=24% на тимин.
1 Ответ В двухцепочечной молекуле ДНК 26% приходится на гуанин, 26% - на цитозин, 24% - на аденин, 24% - на тимин. Задание 2: Самостоятельное решение генетических задач Решите следующие задачи самостоятельно Задача 2.1. В результате экспериментов установили, что в молекуле мРНК на долю аденинов приходится 30%, на долю урацилов – 12%. Определите процентный состав азотистых оснований, соответствующих двухцепочечной ДНК. Задача 2.2. Какова молекулярная масса гена двух цепей ДНК, если водной цепи запрограммирован белок с молекулярной массой 1500?
Примечание:молекулярная масса одной аминокислоты в среднем – 100, одного нуклеотида – 345. Задача 2.3. На фрагменте одной из цепей ДНК нуклеотиды располагаются в последовательности
5` ТТЦТЦТАЦГТАТ 3` Нарисуйте схему двухцепочечной молекулы ДНК. Объясните, какими признаками построения ДНК Вы руководствовались Какова длина этого отрезка ДНК в нм, если каждый нуклеотид занимает 0,34 нм по длине Сколько содержится нуклеотидов в этой последовательности ДНК Задача 2.4. Участок полипептида представлен следующими аминокислотами
-сер-вал-глу-мет-тир-ала-вал-
2 Какое количество нуклеотидов входит в состав гена Каков нуклеотидный состав кодирующего участка ДНК Задача 2.5. Какую длину имеет участок молекулы ДНК, кодирующий участок полипептида, содержащего 20 аминокислот, если расстояние, занимаемое одним нуклеотидом равно 0,34 нм Задача 2.6.
Рибонуклеаза поджелудочной железы содержит в кодирующем участке ДНК 42 нуклеотида. Укажите количество аминокислот, входящих в этот белок Задача 2.7. Молекула инсулина состоит из 51 аминокислотного остатка. Сколько нуклеотидов имеет участок ДНК, кодирующий данный белок Задача 2.8. Одна из полинуклеотидных цепей ДНК состоит из следующих нуклеотидов
3`АТАЦТЦГГАЦЦТАТАТТТАААЦТГ5`
3 Сколько урациловых нуклеотидов будет содержать иРНК, синтезированная на данном участке ДНК Задача 2.9. На фрагменте одной нити ДНК нуклеотиды расположены в последовательности
А–А–Г–Т–Ц–Т–А–Ц–Г–Т–А–Т Определите процентное содержание всех нуклеотидов в этом фрагменте ДНК и длину гена. Задача 2.10. В молекуле ДНК обнаружено 880 гуаниновых нуклеотидов, которые составляют 22% от общего числа нуклеотидов в этой ДНК. Определите сколько других нуклеотидов в этой ДНК и какова длина этого фрагмента Г) Вопросы по теме для самостоятельного изучения Генная инженерия. Возможности использования достижений генной инженерии в медицине. Д) Практические навыки, которыми должен овладеть обучающийся по теме занятия
1) Решение типовых задач по молекулярной биологии с использованием правила Чаргаффа и свойств генетического кода. Подпись преподавателя ______________________________________________________________
4 ПРАКТИЧЕСКОЕ ЗАНЯТИЕ №7 ТЕМА МОЛЕКУЛЯРНЫЕ ОСНОВЫ НАСЛЕДСТВЕННОСТИ (Цели занятия
1) Изучить основные этапы процесса реализации наследственной информации у про- и эукариот.
2) Рассмотреть биологические антимутационные механизмы.
3) Разобрать основные свойства гена как структурно-функциональной единицы наследственной информации. Базисные знания
1) Из материалов практического занятия №5 Вы должны знать строение и свойства нуклеиновых кислот, принципы кодирования наследственной информации.
2) Из курса биологии средней школы Вы должны иметь общие представления об основных этапах биосинтеза белка транскрипции и трансляции. Учебная карта занятия А) Вопросы для подготовки к занятию Последовательность работы гена прокариот транскрипция, трансляция, посттрансляционные процессы. Последовательность работы гена эукариот транскрипция, процессинг, трансляция, посттрансляционные процессы. Ген – функциональная единица наследственности. Взаимосвязь между геном и признаком. Свойства гена.
Антимутационные свойства генетического материала. В) Задания для учебно-исследовательской работы обучающихся Задание 1. Изучение правил решения генетических задач по теме занятия Познакомьтесь с примерами решения типовых задач с использованием таблицы генетического кода (см. Приложение 1. ТАБЛИЦА ГЕНЕТИЧЕСКОГО КОДА) и определения строения белка по структуре молекулы мРНК или ДНК. Задача 1. Нормальный гемоглобин (НА, содержащийся в эритроцитах человека определяется следующей последовательностью нуклеотидов смысловой цепи ДНК
3` ЦАА – ГТА – ГАА – ТГА – ГТТ – ЦТТ – ТТТ 5`. При заболевании серповидноклеточной анемией (СКА) эритроциты содержат гемоглобин HbS и имеют форму серпа. Точковая мутация связана с заменой одной пары оснований ДНК в 6 триплете. В результате в молекуле гемоглобина глутаминовая кислота в ом положении меняется на валин. Напишите последовательность аминокислот в начальном участке HbA и HbS, и выясните, какие изменения произошли в ДНК. Решение
1. Восстановим состав нормальной ДНК, пользуясь принципами комплиментарности и антипараллельности:
5’ГТТ ЦАТ ЦТТ АЦТ ЦАА ГАА ААА3’
3’ЦАА ГТА ГАА ТГА ГТТ ЦТТ ТТТ5’
2. Построим молекулу нормальной иРНК на смысловой цепи ДНК (начинается с 3’ конца, пользуясь принципами комплиментарности и антипараллельности:
5`ГУУЦАУЦУУАЦУЦААГААААА3’
5 3. Пользуясь таблицей генетического кода, содержащей кодоны иРНК, устанавливаем аминокислотный состав участка нормальной молекулы гемоглобина (HbA):
1 2 3 4 5 6 7
- вал – гис – лей – тре – гли – глу – лиз –
4. Как следует из условия, в молекуле гемоглобина при СКА глутаминовая кислота в шестом положении замещается валином. Следовательно, аминокислотный состав данного участка мутантного гемоглобина (HbS) будет следующим
1 2 3 4 5 6 7
- вал – гис – лей – тре – гли – вал – лиз –
5. Согласно таблице генетического кода, валин кодируется четырьмя вариантами триплетов –
ГУУ; ГУЦ; ГУА и ГУГ. Однако, лишь один из них (ГУА) отличается от триплета, кодирующего глутаминовую кислоту (ГАА), одним основанием. Следовательно, нуклеотидный состав иРНК при
СКА выглядит следующим образом
5’ ГУУ – ЦАУ – ЦУУ – АЦУ – ЦАА – ГУА – ААА 3’
6. Восстанавливаем состав молекулы ДНК при СКА, пользуясь принципами комплиментарности и антипараллельности:
5’ ГТТ ЦАТ ЦТТ АЦТ ЦАА ГТА ААА 3’
3’ ЦАА ГТА ГАА ТГА ГТТ ЦАТ ТТТ 5’ Ответ
1. Участок молекулы HbA: -вал – гис – лей – тре – гли – глу – лиз –.
2. Участок молекулы HbS: -вал – гис – лей – тре – гли – вал – лиз –.
3. Замена в шестом положении глутаминовой кислоты на валин связана с точковой мутацией в ДНК – замена в семнадцатом положении тимина на аденин. Задание 2: Самостоятельное решение генетических задач. Решите следующие задачи самостоятельно(см. Приложение 1. ТАБЛИЦА ГЕНЕТИЧЕСКОГО КОДА Задача 2.1. В синтезе полипептида последовательно приняли участие тРНК с антикодонами: УАЦ, ЦЦА,
УЦГ, УГА, ААГ. Составьте схему трансляции. Определите структуру участка ДНК, кодирующего этот полипептид. Задача 2.2. Последовательность нуклеотидов на мРНК:
5’ ЦГГ – ГГЦ – УУЦ – УАГ – ААЦ – ГАУ – ГАГ 3’
6 Укажите соответствующий этой последовательности участок гена, а также фрагмент белка, соответствующий данному участку ДНК. Задача 2.3. Какой последовательностью нуклеотидов ДНК кодируется участок белка, если он имеет следующее строение пролин – валин – аргинин Задача 2.4. Дан участок ДНК
3’ ГТТ – ЦТА – ААА – ГГГ – ЦЦЦ 5’ Какова структура закодированного гена Какова структура белка, если под воздействием химических мутагенов восьмой нуклеотид будет заменен цитозиновым? К каким биологическим последствиям это может привести Перейдет ли такое изменение ДНК к потомству Задача 2.5. Дан участок ДНК
3’ ААА – ТТТ – ГГГ – ЦЦЦ – ААА 5’
7 Какова будет структура тРНК, синтезируемая на данном участке Какую аминокислоту будет переносить данная тРНК, если третий триплет ДНК соответствует антикодону тРНК? Задача 2.6. Кодирующий участок ДНК имеет последовательность
3’ ТАА – ЦАГ – АГГ – АЦЦ – ААГ 5’ Какие изменения произойдут в строении белка, если в данном участке ДНК между 10 и 11 нуклеотидами включен цитозин, между 13 и 14 – тимина на конце рядом с гуанином прибавится еще один гуанин Задача 2.7. Одна цепь участка ДНК, выделенная из кишечной палочки, имеет следующую последовательность оснований
5’ ГТА – ГЦЦ – ТАЦ – ЦЦА – ТАГ 3’ Восстановите двойную структуру участка ДНК. Определите кодогенную и антисмысловую цепи ДНК. Какова последовательность комплементарной мРНК? Каково строение участка полипептида, образованного на данной мРНК? Г) Практические навыки, которыми должен овладеть обучающийся по теме занятия
1) Решение генетических задач с использованием таблиц генетического кода. Подпись преподавателя ______________________________________________________________
8 ПРАКТИЧЕСКОЕ ЗАНЯТИЕ №8 ТЕМА МОЛЕКУЛЯРНЫЕ ОСНОВЫ НАСЛЕДСТВЕННОСТИ (III) Цели занятия
1) Изучить основные механизмы регуляции экспрессии генов у про- и эукариот.
2) Рассмотреть классификацию генов и современное состояние теории гена.
3) Разобрать основные методы ДНК-диагностики. Базисные знания
1) Из материалов практических занятий №5 и №6 Вы должны знать строение и свойства нуклеиновых кислот, принципы кодирования наследственной информации, этапы реализации наследственной информации у прокариот и эукариот. Учебная карта занятия А) Вопросы для подготовки к занятию Классификация генов репрессированные, дерепрессированные, конститутивные, регулируемые. Регуляция экспрессии генов у прокариот. Теория оперона. Регуляция экспрессии генов у эукариот. Транскриптон Современное состояние теории гена. Методы анализа ДНК. ДНК–диагностика наследственных заболеваний. В) Задания для учебно-исследовательской работы обучающихся Задание 1. Изучение правил решения генетических задач по теме занятия Познакомьтесь с примерами решения типовых задач, основанных на использовании правил интерпретации результатов ДНК-диагностики. Задача 1. В гене одного из ферментов поджелудочной железы, включающего 242 пары нуклеотидов, произошла мутация – замена й пары нуклеотидов. В результате возник новый сайт рестрикции для рестриктазы R. Определите генотипы людей (1, 2, 3) по приведенным результатам рестрикционного анализа.
242 - 242 -
199 - 199 -
43 - 43 -
1 2 3 Решение
1. В результате произошедшей мутации и возникновения нового сайта рестрикции отрезок ДНК, длиной 242 пары нуклеотидов, соответствующий нормальному аллелю гена фермента, разрезается рестриктазой R на 2 фрагмента длиной 199 и 43 пары нуклеотидов.
2. Известно, что скорость отрезков ДНК, а, следовательно, и расстояние, которое они проходят в электрофоретическом геле, зависит от длины этих отрезков чем меньше длина, тем больше скорость и расстояние.
3. Анализ результатов при отсутствии мутации на электрофореграмме должен присутствовать только один фрагмент ДНК длиной 242, что соответствует нормальной гомозиготе (образец 2); у
9 мутантной гомозиготы оба аллеля разрезаются и образуются фрагменты длиной 199 и 43, что выявляется электрофореграммой (образец 3); у гетерозиготы, имеющего один нормальный аллель длиной 242) и один мутантный, который разрезается на два фрагмента (длины 199 и 43), электрофореграмма выявляет все три фрагмента (образец 1). Ответ Генотипы обследованных пациентов следующие образец 1 – гетерозигота. образец 2 – нормальный гомозигота. образец 3 – мутантный гомозигота. Задание 2: Самостоятельное решение генетических задач по молекулярно-генетической диагностике составлено на основе Задачи по современной генетике Учеб. пособие / Под ред. ММ. Асланяна. – М КДУ, 2005. – 224 с. Решите следующие задачи самостоятельно Задача 2.1.
Муковисцидоз является тяжелым аутосомно-рецессивным заболеванием. Мутация связана с делецией в гене трех нуклеотидов. Нормальный аллель имеет длину 253 пары нуклеотидов. Проанализируйте приведенные электрофореграммы и установите генотипы обследуемых
253 - 253 -
250 - 250 -
1 2 3 Задача 2.3. Нормальный аллель гена имеет длину 260 нуклеотидных пар. В результате замены пары нуклеотидов в м положении исчез сайт рестрикции для узнавания рестриктазой R. Определите генотипы пациентов по приведенным результатам рестрикционного анализа
260 - 260 -
200 - 200 -
60 - 60 -
1 2 3 Задача 2.2. Ген содержит 2 экзона длиной 300 и 250 нуклеотидных пар. Мутантный аллель сопровождается возникновением в более длинном экзоне нового сайта рестрикции в районе 180 пары нуклеотидов, узнаваемого рестриктазой R. Определите генотипы пациентов по приведенному результату амплификации и рестрикционного анализа экзонов:
10
300 - 300 -
250 - 250 - 250 -
180 - 180 -
120 - 120 -
1 2 3 Задача 2.4. В хромосоме человека на участке, гомологичном Х-хромосоме, всегда имеется вставка мобильного элемента AluYa протяженностью 329 п. н. Проведена амплификация фрагмента гомологичных участков Хи хромосом. Определите процент мужчин в изученной группе людей дорожки 1-9) на основе электрофореграммы продуктов ПЦР-амплификации участка генома, затронутого инсерцией AluYa. Цифрами справа обозначены длины фрагментов ДНК в п. н.
X Y X Y
→ - AluYa
X-Y гомологичный участок
1 2
3 4
5 6
7 8
9 п. н.
528 199 Задача 2.5. В Х-хромосоме человека на участке, гомологичном хромосоме, всегда имеется вставка мобильного элемента AluXa протяженностью 322 п. н. Проведена амплификация фрагмента гомологичных участков Хи хромосом. Ниже представлена электрофореграмма продуктов ПЦР- амплификации участка генома, затронутого инсерцией AluXa. Определите, какие дорожки
11 соответствуют образцам ДНК женщин. Цифрами справа обозначены длины фрагментов ДНК в п. н.
Y Х Y Х
→ - AluXa
X-Y гомологичный участок
1 2
3 4
5 6
7 8
9 10 п. н.
878 556 Задача 2.6. Представлена электрофореграмма, полученная при окрашивании серебром го денатурирующего полиакриламидного геля, на который нанесены пробы с продуктами ПЦР- амплификации трех тетрануклеотидных микросателлитных локусов (CSF1PO, TPOX и THO1), применяемых для идентификации личности, в образцах ДНК матери (М, ребенка (Р) и трех предполагаемых отцов (О, О и О. У каждого человека имеется строго определенное, индивидуальное количество повторов каждого микросателлитного локуса. маркер, который состоит из амплифицированных фрагментов изучаемого локуса с различным количеством повторов. Цифрами справа обозначено количество повторов. Определите генотипы и установите, какой из предполагаемых отцов может быть исключен на основании этого анализа.
12
L
M
P
O1
O2
O3
CSF1PO
15 14 13 12 11 10 9
8 7
TPOX
13 12 11 10 9
8 7
6
THO1 11 10 9
8 7
6 5 Задача 2.7. Представлена электрофореграмма, полученная при окрашивании серебром го денатурирующего полиакриламидного геля, на который нанесены пробы с продуктами ПЦР- амплификации трех тетрануклеотидных микросателлитных локусов (D16S539, D7S820 и
D13S317), применяемых для идентификации личности, в образцах ДНК матери (М, двух ее детей Р и Р) и двух предполагаемых отцов (О и О. маркер, который состоит из амплифицированных фрагментов изучаемого локуса с различным количеством повторов. Цифрами справа обозначено количество повторов. Определите генотипы и установите, какой из предполагаемых отцов может быть исключен на основании этого анализа.
13
L
M
P1 Р
O1
O2
D16S539 15 14 13 12 11 10 9
8
D7S820 14 13 12 11 10 9
8 7
6
D13S317 15 14 13 12 11 10 9
8 7 Г) Практические навыки, которыми должен овладеть обучающийся по теме занятия
1) Решение генетических задач с использованием таблиц генетического кода.
2) Использование правил интерпретации результатов ДНК-диагностики (по электрофореграммам). Подпись преподавателя ______________________________________________________________
14 ПРАКТИЧЕСКОЕ ЗАНЯТИЕ №9 ТЕМА ВВЕДЕНИЕ В ГЕНЕТИКУ. ЗАКОНОМЕРНОСТИ НЕЗАВИСИМОГО НАСЛЕДОВАНИЯ (ЗАКОНЫ Г. МЕНДЕЛЯ)
Как установить последовательность нуклеотидов в гене
Задача № 1.
Одна из цепочек ДНК имеет последовательность нуклеотид: АГТ АЦЦ ГАТ АЦТ ЦГА ТТТ АЦГ. Какую последовательность нуклеотидов имеет вторая цепочка ДНК той же молекулы.
Решение:
Комплементарность нуклеотидов: А = Т; Г = Ц. Согласно этого принципа в цепи нуклеотидов молекулы ДНК напротив аденина всегда стоит тимин, а напротив гуанина - цитозин. Тогда вторая цепочка ДНК будет выглядеть следующим образом:
ТЦА ТГГ ЦТА ТГА ГЦТ ААА ТГЦ.
Фрагмент цепи иРНК имеет следующую последовательность нуклеотидов : ЦУАЦААГГЦУАУ?
Фрагмент цепи иРНК имеет следующую последовательность нуклеотидов : ЦУАЦААГГЦУАУ.
Определите последовательность нуклеотидов на ДНК, антикодоны соответствующих тРНК и аминокислотную последовательность соответствующего фрагмента молекулы белка, используя таблицу генетического кода.
2. Транскрипция и трансляция данного фрагмента гена после мутации
а) транскрипция данного фрагмета гена после мутации, получим:
цепочка ДНК – А Т А Т А Т Г Ц Ц Т Г Ц Г Ц Г Ц А Т А Т Г Т А Ц,
молекула иРНК – У А У А У А Ц Г Г А Ц Г Ц Г Ц Г У А У А Ц А У Г.
б) Трансляция данного фрагмета гена после мутации, получим:
молекула иРНК – УАУ АУА ЦГГ АЦГ ЦГЦ ГУА УАЦ А У Г
По таблице генетического кода (иРНК) находим порядок аминокислот в белковой молекуле, получим: триплету (УАУ) соответствует аминокислота тирозин, триплету (АУА) - изолейцин, триплету (ЦГГ) - аргинин, триплету (АЦГ) - треонин, триплету (ЦГЦ) - аргинин, триплету (ГУА) - валин, триплету (УАЦ) - тирозин.
Таким образом, порядок аминокислот в участке молекулы белка после мутации будет иметь вид:
тирозин - изолейцин - аргинин - треонин - аргинин - валин - тирозин
Вывод:
Данная мутация, приведшая к замене в девятом положении данной последовательности А на Ц, не приводит к нарушению первичной структуры полипептида. Структура полипептида как до мутации так и после мутации имеет вид:
тирозин - изолейцин - аргинин - треонин - аргинин - валин - тирозин.
Задача 93.
Последовательность нуклеотидов на иРНК ЦГГГГЦУУЦУАГААЦГАУГАГ. Укажите соответствующий этой последовательности участок гена антисмысловой нити ДНК, а также фрагмент белка, соответствующий данному участку ДНК.
Решение:
В соответствии с принципом комплементарности азотистым основаниям кодонов иРНК соответствуют определеные коды ДНК. При этом напротив цитозина иРНК становится гуанин ДНК, напротив гуанина - цитозин, напротив тимина - аденин, напротив урацила - аденин. Таким образом, для решения задачи достаточно произвести замену нуклеотидов по схеме:
Ц → Г, Г → Ц, А→ У, Т → А.
Последовательности участок гена антисмысловой нити ДНК будет иметь вид:
молекула иРНК - ЦГГ ГГЦ УУЦ УАГ ААЦ ГАУ ГАГ;
цепочка ДНК – ГЦЦ ЦЦГ ААГ АТЦ ТТГ ЦТА ЦТЦ.
Определим фрагмент белка, соответствующий данному участку ДНК
По таблице генетического кода (ДНК) находим порядок аминокислот в белковой молекуле, получим: триплету (ГЦЦ) соответствует аминокислота аргинин, триплету (ЦЦГ) - глицин, триплету (ААГ) - фенилаланин, триплету (АТЦ) - тирозин, триплету (ТТГ) - лизин, триплету (ЦТА) - аспарагиновая кислота, триплету (ЦТЦ) - глутаминовая кислота.
Таким образом, порядок аминокислот в участке молекулы белка будет иметь вид:
аргинин - глицин - фенилаланин - тирозин - лизин - аспарагиновая кислота - глутаминовая кислота.
Задача 119.
Участок молекулы ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов:
Г-Т-Г-Т-А-Т-Г-Г-А-А-Г-Т
Определите последовательность нуклеотидов на и-РНК, антикодоны соответствующих т-РНК и последовательность аминокислот в фрагменте молекулы белка, используя таблицу генетического кода.
Решение:
По принципу комплементарности (Г = Ц, А = У) с генетического кода ДНК выстраиваются нуклеотиды иРНК (транскрибция). К кодонам иРНК подбираются комплементарные антикодоны-триплеты нуклеотидов тРНК, и соединяются водородными связями (кодон = антикодон) тоже по принципу комплементарности. Каждый триплет тРНК приносит определенную аминокислоту, согласно генетическому коду. Цепь аминокислот и есть синтезируемый белок.
Следовательно, при решении данной задачи необходимо записать:
ДНК: Г-Т-Г-Т-А-Т-Г-Г-А-А-Г-Т
иРНК: Ц-А-Ц-А-У-А-Ц-Ц-У-У-Ц-А
тРНК: ГУГ, УАУ, ГГА, АГУ
Зная последовательность нуклеотидов в иРНК разобъём её на триплеты, получим:
ЦАЦ-АУА-ЦЦУ-УЦА, и затем по таблице «Генетический код» определим последовательность аминокислот в полипептидной цепи.
Участок полипептидной цепи будет состоять из следующей последовательности аминокислот:
гистидин - изолейцин - пролин - серин.
Задача 120.
Участок молекулы ДНК:
АЦЦ-АТА-ГТЦ-ЦАА-ГГА
Определите последовательность аминокислот в полипептиде.
Решение:
По принципу комплементарности (Г = Ц, А = У) с генетического кода ДНК выстраиваются нуклеотиды иРНК (транскрибция), получим:
ДНК: АЦЦ-АТА-ГТЦ-ЦАА-ГГА
иРНК: УГГ-УАУ-ЦАГ-ГУУ-ЦЦУ
На основе триплетов иРНК и используя таблицу «Генетический код», можно построить белковую молекулу с соответствующими аминокислотами, получим:
триптофан - тирозин - глицин - валин - пролин.
Задача 121.
В биосинтезе полипептида участвуют молекулы тРНК с антикодонами УАЦ, УУУ, ГЦЦ, ЦАА в данной последовательности. Определите соответствующую последовательность нуклеотидов на иРНК, ДНК и последовательность аминокислот во фрагменте молекулы белка, используя таблицу генетического кода.
Решение:
Пользуясь принципом комплементарности, по тРНК можно восстановить иРНК (антикодону УАЦ комплементарен кодон АУГ, антикодону УУУ комплементарен кодон ААА, антикодону
ГЦЦ кодон ЦГГ, антикодону ЦАА кодон ГУУ). Таким образом, получаем иРНК: АУГ-ААА-ЦГГ-ГУУ. Используя принцип комплементарности, по иРНК можно восстановить
последовательность нуклеотидов одной цепи ДНК: ТАЦ-ТТТ-ГЦЦ-ЦАА (надо помнить, что в ДНК отсутствует урацил, вместо него становится тимин).
Следовательно, необходимо записать:
тРНК: УАЦ, УУУ, ГЦЦ, ЦАА
иРНК: АУГ- ААА -ЦГГ- ГУУ
ДНК: ТАЦ -ТТТ -ГЦЦ -ЦАА
Зная последовательность кодонов в иРНК: АУГ-ААА-ЦГГ-ГУУ по таблице «Генетический код» определим кодируемый белок, получим:
метионин - изолейцин - аргинин - валин.
Задача 122.
В молекуле ДНК обнаружено 880 гyаниловых нуклеотидов, которые составляют 22% от общего количества нуклеотидов этой ДНК. Определите: а) сколько содержится других нуклеотидов (по отдельности) в этой молекуле ДНК; б) какова длина ДНК.
Решение:
Длина нуклеотида = 0,34 нм.
Согласно принципу комплементарности гуанил всегда стоит в паре с цитозином, значит их количество одинаково, т.е. Г = Ц = 22%, а вместе они составляют 44%.
Тогда на долю остальных нуклеотидов приходится 100% - 44% = 56%. Поскольку аденин всегда находится в паре с тимином, то А = Т = 56%, а на каждого из них приходится 56 : 2 = 28%.
Зная процентное содержание гуаниловых нуклеотидов рассчитаем общее число нуклеотидов, получим:
Nобщ. = (80 * 100)/22 = 4000.
а) Рассчитаем количество нуклеотидов по отдельности
Г = Ц по 880 каждого;
А = Т = 28%
Отсюда
А = Т = (28 * 4000)/100 = 1120, по 1120 каждого.
б) Рассчёт длины молекулы ДНК
Поскольку молекула ДНК двухцепочечная, то чтобы узнать, сколько нуклеотидов в одной цепи, надо 4000 : 2 = 2000 пар нуклеотидов. Зная длину нуклеотида в
цепи, можно вычислить длину ДНК : 2000 х 0,34 нм = 680 нм.
Задача 123.
Вирус коровьей оспы содержит двухцепочную ДНК. После внедрения в клетку-хозяина при участии собственной транскриптазы происходит синтез как вирусной РНК, так и репликация вирусной ДНК. Составьте схему репликации ДНК, транскрипции и трансляции белков капсулы следующих участков вирусной ДНК:
ГГТ ТЦА АЦЦ ТАЦ ГТА ЦЦА ЦАЦ.
Решение:
1. Репликация ДНК
Правая цепь молекулы ДНК комплементарна левой (А - Т, Г - Ц). Используя правило комплементарности, в соответствии с кодом известной цепи вирусной ДНК
записываем нуклеотиды второй цепи, получим: ЦЦА АГТ ТГГ АТГ ЦАТ ГГТ ГТГ.
Следовательно, необходимо записать:
ДНК: 5' ГГТ ТЦА АЦЦ ТАЦ ГТА ЦЦА ЦАЦ 3'
ДНК: 3' ЦЦА АГТ ТГГ АТГ ЦАТ ГГТ ГТГ 5'
2. Транскрипция иРНК
При участии собственной транскриптазы происходит синтез вирусной иРНК по принципу комплементарности (Г = Ц, А = У) с генетического кода вирусно ДНК выстраиваются нуклеотиды иРНК (транскрипция):
ДНК: ГГТТЦААЦЦ ТАЦ ГТАЦЦА ЦАЦ
иРНК: ЦЦА АГУ УГГ АУГ ЦАУ ГГУ ГУГ
3. Трансляции белков вирусной капсулы
Зная последовательность триплетов в иРНК и используя таблицу «Генетический код», можно построить белковую молекулу с соответствующими аминокислотами:
пролин - серин - триптофан - метионин - гистидин - глицин - валин.
Задача 124.
В биосинтезе фрагмента молекулы белка последовательно участвовали тРНК с антикодонами ЦЦА, УЦУ, ГЦА, ААУ. Определите состав фрагментов молекул ДНК, иРНК, синтезируемого белка. Ответ поясните. Для решения задания используйте таблицу генетического кода.
Решение:
Пользуясь принципом комплементарности, по тРНК можно восстановить иРНК (антикодону ЦЦА комплементарен кодон ГГУ, антикодону УЦУ комплементарен кодон АГА, антикодону
ГЦА комплементарен кодон ЦГУ, антикодону ААУ комплементарен кодон УУА. Используя принцип комплементарности, по иРНК можно восстановить последовательность нуклеотидов одной цепи ДНК: ЦТА-АГЦ-ЦГТ-АГТ (надо быть внимательными и помнить, что в ДНК отсутствует урацил, вместо него становится тимин).
Следовательно, необходимо записать:
тРНК: ЦЦА, УЦУ, ГЦА, ААУ
иРНК: ГГУ АГА ЦГУ УУА
ДНК: ЦЦА ТЦТ ГЦА ААТ
Зная последовательность кодонов в иРНК: ГГУ АГА ЦГУ УУА по таблице «Генетический код» определим кодируемый белок, получим:
глицин - аргинин - аргинин - лейцин.
Задача 125.
Ген содержит 1200 нуклеотидов. В одной из цепей содержится 130 нуклеотидов А, 150 нуклеотидов Т, 210 нуклеотидов Г и 110 нуклеотидов Ц. Сколько нуклеотидов каждого вида будет в фрагменте ДНК, кодирующей белок? Сколько аминокислот будет закодировано данным фрагментом ДНК?
Решение:
Согласно принципу комплементарности во второй цепи ДНК содержится нуклеотидов: А - 150, Т - 130, Г - 110, Ц – 210. В двух цепях ДНК содержится нуклеотидов:
А = 130 + 150 = 280, значит Т = А = 280; Ц = 210 + 110 = 320, значит Г = Ц = 320. Общее число нуклеотидов будет 1200 (А + Т + Ц + Г = 280 + 280 + 320 + 320 = 1200).
Информацию о структуре белка несет одна из двух цепей, число нуклеотидов в одной цепи ДНК равно 600 (1200/2 = 600), поскольку одну аминокислоту кодирует 3 нуклеотида, поэтому в белке должно содержаться 600 : 3 = 200 аминокислот.
Ответ: 200 аминокислот.
Задача 126.
В одной молекуле ДНК нуклеотиды с аденином (А) составляют 31% от общего числа нуклеотидов. Определите количество (в %) нуклеотидов с тимином (Т), гуанином (Г), цитозином (Ц) в молекуле ДНК и объясните полученные результаты.
Решение:
Согласно принципу комплементарности аденин всегда стоит в паре с тимином, значит их количество одинаково, т.е. А = Т = 31%, а вместе они составляют 61%.
Тогда на долю остальных нуклеотидов приходится 100% - 62% = 38%. Поскольку гуанин всегда находится в паре с цитозином, то Г = Ц = 38%, а на каждого из них приходится 38 : 2 = 19%.
Ответ: Т = А = 31%; Г = Ц = 19%.
Задача 127.
Полипептидная цепь состоит из остатков аминокислот: валин-лейцин-гистидин-серин-изолейцин. Какова последовательность нуклеотидов на участке днк, кодирующем синтез этого полипептида? Какова длина данного участка днк?
Решение:
Длина нуклеотида = 0,34 нм.
Воспользуемся генетическим кодом для построения иРНК. Можно брать из него любой триплет, соответствующий аминокислоте. Например, иРНК может быть
такой: ГУУ-ЦУУ-ЦАЦ-АГЦ-АУУ. По принципу комплементарности ей будет соответствовать ДНК: ЦАА-ГАА-ГТГ-ТЦГ-ТАА.
Так как общее число нуклеотидов участка ДНК равно 15, то, зная длину одного нуклеотида определим длину участка ДНК, получим:
L(ДНК) = 15 * 0,34 = 5,1 нм.
Ответ: ДНК: ЦАА-ГАА-ГТГ-ТЦГ-ТАА; L(ДНК) = 5б1 нм.
Последовательность нуклеотидов на иРНК : ЦГГ ГГЦ УУЦ УАГ ААЦ ГАУ ГАГ.
Укажите соответствующий этой последовательности участок гена (ДНК), а также фрагмент белка, соответствующий данному участку ДНК.
ГЦЦ ЦЦГ ААГ АТЦ ТТГ ЦТА ЦТЦ.
Фрагмент цепи ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов : ТАЦЦЦТЦАЦТТГ?
Фрагмент цепи ДНК имеет следующую последовательность нуклеотидов : ТАЦЦЦТЦАЦТТГ.
Определите последовательность нуклеотидов на иРНК, антикодоны соответствующих тРНК и аминокислотную последовательность соответствующего фрагмента молекулы белка, используя таблицу генетического кода.
Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ГТГТАТГГААГТ определите последовательность нуклеотидов из иРНК антикодоны соответствующих тРНК и последовательность аминокислот в фрагменте мол?
Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ГТГТАТГГААГТ определите последовательность нуклеотидов из иРНК антикодоны соответствующих тРНК и последовательность аминокислот в фрагменте молекулы белка.
Как определить последовательность нуклеотидов в участке ДНК, зная аминокислотный набор белка
Задача № 3.
Большая из двух цепей белка инсулина имеет (так называемая цепь В) начинается со следующих аминокислот: фенилаланин-валин-аспарагин-глутаминовая кислота-гистидин-лейцин. Напишите последовательность нуклеотидов в начале участка молекулы ДНК, хранящего информацию об этом белке.
Решение:
Так ка одну аминокислоту могут кодировать несколько триплетов, точную структуру и-РНК и участка ДНК определить невозможно, структура может варьировать. Используя принцип комплементарности и таблицу генетического кода получаем один из вариантов:
Цепь белка: Фен-Вал-Асн-Глу-Гис-Лей;
и-РНК: УУУ ГУУ ААУ ГАА ЦАЦ УУА;
ДНК:
1-я цепь - ААА ЦАА ТТА ЦТТ ГТГ ААТ
2-я цепь - ТТТ ГТТ ААТ ГАА ЦАЦ ТТА
Задача 4.
Начальный участок цепи А инсулина представлен следующими пятью аминокислотами:
глицин-изолейцин-валин-глутамин-глутамин. Определите участок ДНК, кодирующий эту часть инсулина.
Решение:
Участок ДНК кодирующий часть цепи А инсулина представленный аминокислотами: глицин-изолейцин-валин-глутамин-глутамин будет имеет вид:
ЦЦА ТАА ЦАА ЦТТ ЦТТ - 1-й вариант;
ЦЦГ ТАГ ЦАГ ЦТЦ ЦТЦ - 2-й вариант;
ЦЦТ ТАТ ЦАТ ЦТЦ ЦТЦ - 3-й вариант;
ЦЦЦ ТАТ ЦАЦ ЦТЦ ЦТЦ - 4-й вариант.
Представлены четыре возможных варианта участка цепи ДНК, кодирующих пептид: глицин-изолейцин-валин-глутамин-глутамин. Кодоны, соответствующие одной аминокислоте, могут различаться по третьей позиции, чаще всего две первые позиции у таких кодонов совпадают, а различается только последняя. Одну аминокислоту могут кодировать один или несколько кодонов. Например, аминокислоту триптофан кодирует только один кодон АЦЦ, глицин - четыре кодона: ЦЦА; ЦЦТ; ЦЦГ и ЦЦЦ. Поэтому и было предложено четыре варианта участка ДНК, кодирующую часть инсулина, указанную в условии задачи.
Задача 91.
Полипептид состоит из следующих аминокислот: валин – аланин – глицин – лизин – триптофан – валин – серин – глутаминовая кислота - тирозин. Определите структуру участка ДНК, кодирующего указанный полипептид.
Решение:
В условиях задачи последовательность аминокислот в полипетиде дана. По этим сведениям нетрудно установить строение иРНК, которая управляла синтезом данного полипептида. По таблице генетического кода находим структуру триплета валина (ГУУ), затем для аланина (ГЦУ), глицина (ЦАА), лизина (ААА), триптофана (УГГ), валина (ГУУ), серина (УЦУ), глутаминовой кислоиы (ГАА) и тирозина (УАУ). Подобрав кодирующие триплеты, составляем иРНК для данного полипептида: ГУУГЦУГГУАААГУУУЦУГААУАУ. По цепочке иРНК можно восстановить участок нити ДНК, с которой она снималась. Урацил вставал против аденина ДНК, гуанин – против цитозина и т.д. Следовательно, участок интересующей нас цепи ДНК будет иметь следующее строение:
участок иРНК: ГУУ ГЦУ ЦАА ААА УГГ ГУУ УЦУ ГАА УАУ
участок ДНК: ЦАА ЦГА ГТТ ТТТ АЦЦ ЦАА АГА ЦТТ АТА
Но ДНК состоит из двух цепочек. Зная строение одной цепи, по принципу комплементарности достраиваем вторую. Целиком участок двухцепочечной ДНК, кодирующий данный полипептид, будет иметь следующее строение:
1-я цепь ДНК: ЦАА ЦГА ГТТ ТТТ АЦЦ ЦАА АГА ЦТТ АТА
2-я цепь ДНК: ГТТ ГЦТ ЦАА ААА ТГГ ГТТ ТЦТ ГАА ТАТ.
Задача 92.
Фрагмент гена представлен 21 основанием экзона и пятью последующими основаниями интрона: АТАТАТГЦАТГЦГЦГЦАТАТГ ТАЦ. В девятом положении данной последовательности оснований произошла замена А на Ц. Смодулируйте транскрипцию и трансляцию данного фрагмента гена до мутации и после.
Решение:
Экзоны – это кодирующие последовательности ДНК генов эукариот, представленные в зрелой молекуле РНК. Интроны – это некодирующие участки генов эукариот, которые транскрибируются, но затем вырезаются из первичного транскрипта во время сплайсинга и не входят в состав зрелых РНК, т.е. не транслируются.
Транскрипция представляет собой синтез молекулы иРНК на молекуле ДНК. То есть ДНК служит матрицей для синтеза иРНК.
Трансляция (от лат. translatio — перенос, перемещение) — процесс синтеза белка из аминокислот на матрице информационной (матричной) РНК (иРНК, мРНК), осуществляемый рибосомой.
Информационная РНК по принципу комплементарности снимает информацию с ДНК. Этот процесс называется транскрипцией. При этом к цитозину присоединяется гуанин, к гуанину – цитозин, к тимину – аденин, однако к аденину ДНК присоединяется не тимин, а урацил. Таким образом, для решения задачи достаточно произвести замену нуклеотидов по схеме:
Ц → Г, Г → Ц, А →У, Т → А.
Помогите пожалуйста с вопросами : 1) Определите последовательность нуклеотидов иРНК , синтезированную с правой цепи фрагмента молекулы ДНК , если ее левая цепь имеет следующую последовательность : ААА?
Помогите пожалуйста с вопросами : 1) Определите последовательность нуклеотидов иРНК , синтезированную с правой цепи фрагмента молекулы ДНК , если ее левая цепь имеет следующую последовательность : АААЦГАГТТГГАТТЦГТГ.
2) Фрагмент транскрибируемой цепи молекулы ДНК содержит 38% гуаниловых нуклеотидов .
Определите содержание цидиловых нуклеотидов в соответствующей молекуле иРНК.
3) Фрагмент иРНК имеет следующую последовательность нуклеотидов : ГЦАУУАГЦАУЦАГАЦУГУ .
Определите последовательность нуклеотидов фрагмента молекулы ДНК , с которой транскрибирован данный фрагмент иРНК.
4)Последовательность нуклеотидов в начале гена , хранящего информацию о белке инсулине , начинается так : АААЦАЦЦТГЦТТГТАГАЦ .
Запишите последовательность аминокислот , с которой начинается цепь инсулина .
5) Укажите последовательность нуклеотидов в обеих цепях фрагмента ДНК , если следующее строение : АГУАЦЦГАУАЦУУГА.
2. На фрагменте одной цепи ДНК нуклеотиды располагаются в последовательности ТТЦ ТЦГ АЦГ ТАГ?
2. На фрагменте одной цепи ДНК нуклеотиды располагаются в последовательности ТТЦ ТЦГ АЦГ ТАГ.
Нарисуйте схему двухцепочечной молекулы ДНК.
Какова длина этого отрезка ДНК в нм, если каждый нуклеотид занимает 0, 34 нм по длине?
Сколько содержится нуклеотидов в этой последовательности ДНК?
3. Участок полипептида представлен следующими аминокислотами : - сер - вал - глу - мет - тир - ала - вал - .
Какое количество нуклеотидов и какие кодоны входит в состав гена?
4. Какую длину имеет участок молекулы ДНК, кодирующий участок полипептида, содержащего 20 аминокислот, если расстояние между двумя нуклеотидами равно 0, 34 нм?
5. Рибонуклеаза поджелудочной железы содержит в кодирующем участке ДНК 42 нуклеотида.
Укажите количество аминокислот, входящих в этот белок?
6. Молекула инсулина состоит из 51 аминокислотного остатка.
Сколько нуклеотидов имеет участок ДНК, кодирующий данный белок?
7. Одна из полинуклеотидных цепей ДНК состоит из следующих нуклеотидов : АТА ЦТЦ ГАЦ ЦТА ТАТ ТТА ААЦ.
Сколько урациловых нуклеотидов будет содержать иРНК, синтезированная на данном участке ДНК?
8. В синтезе полипептида последовательно приняли участие тРНК с антикодонами : УАЦ ЦЦА УЦГ УГА ААГ.
Составьте схему трансляции.
Определите структуру участка ДНК, кодирующего этот полипептид.
9. Последовательность нуклеотидов на иРНК : ЦГГ ГГЦ УУЦ УАГ ААЦ ГАУ ГАГ.
Укажите соответствующий этой последовательности участок гена (ДНК), а так же фрагмент белка, соответствующий данному участку ДНК.
10. Какой последовательностью нуклеотидов ДНК кодируется участок белка, если он имеет следующее строение : про - вал - арг - мет - тир - ала?
1. Транскрипция и трансляция данного фрагмента гена до мутации
а) транскрипция данного фрагмета гена до мутации, получим:
цепочка ДНК – А Т А Т А Т Г Ц А Т Г Ц Г Ц Г Ц А Т А Т Г Т А Ц,
молекула иРНК – У А У А У А Ц Г У А Ц Г Ц Г Ц Г У А У А Ц А У Г.
б) Трансляция данного фрагмета гена до мутации, получим:
молекула иРНК – УАУ АУА ЦГУ АЦГ ЦГЦ ГУА УАЦ А У Г
По таблице генетического кода (иРНК) находим порядок аминокислот в белковой молекуле, получим: триплету (УАУ) соответствует аминокислота тирозин, триплету (АУА) - изолейцин, триплету (ЦГУ) - аргинин, триплету (АЦГ) - треонин, триплету (ЦГЦ) - аргинин, триплету (ГУА) - валин, триплету (УАЦ) - тирозин.
Таким образом, порядок аминокислот в участке молекулы белка будет иметь вид:
тирозин - изолейцин - аргинин - треонин - аргинин - валин - тирозин
. Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ТТТ - АГЦ - ТГТ - ЦГГ - ААГ?
. Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ТТТ - АГЦ - ТГТ - ЦГГ - ААГ.
В результате произошедших мутаций в третьем триплете третий нуклеотид заменен на нуклеотид «А».
Определите последовательность нуклеотидов на иРНК по исходному фрагменту цепи ДНК и измененному, антикодоны соответствующих тРНК и последовательность аминокислот в фрагменте молекулы белка.
Объясните, что произойдет с фрагментом молекулы белка и его свойствами после возникшей мутации ДНК.
Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ГТГТАТГГААГТ определите последовательность нуклеотидов из иРНК антикодоны соответствующих тРНК и последовательность аминокислот в фрагменте мол?
Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ГТГТАТГГААГТ определите последовательность нуклеотидов из иРНК антикодоны соответствующих тРНК и последовательность аминокислот в фрагменте молекулы белка.
Если вам необходимо получить ответ на вопрос Последовательность нуклеотидов на иРНК : ЦГГ ГГЦ УУЦ УАГ ААЦ ГАУ ГАГ?, относящийся к уровню подготовки учащихся 10 - 11 классов, вы открыли нужную страницу. В категории Биология вы также найдете ответы на похожие вопросы по интересующей теме, с помощью автоматического «умного» поиска. Если после ознакомления со всеми вариантами ответа у вас остались сомнения, или полученная информация не полностью освещает тематику, создайте свой вопрос с помощью кнопки, которая находится вверху страницы, или обсудите вопрос с посетителями этой страницы.
1а, 2в, 3в, 4г, 5а, 6в, 7в, 8б, 9г, 10б, 11а, 12г, 13а, 14б, 15а думаю так.
Ресничные : опорно - двигат. — Мезодерма представлена паренхимой. Дыхание — кожное размножение — половое, гермафродиты, простой жизненный цикл пищеварительная система слепо замкнута кровеносной системы нет. Нематоды : кожно - мускульный мешок, дых..
Рис. 2. Строение клетки по данным электронной микроскопии Ядро ограничено ядерной оболочкой, отделяющей его содержимое (кариоплазму) от цитоплазмы. Оболочка состоит из двух мембран, разделенных промежутком. Обе они пронизаны многочисленными порами..
Азотфиксирующие организмы ; бактерии гниения ; микроорганизмы, восстанавливающие тяжелые металлы ; бактерии брожения– маслянокислые, молочнокислые, уксуснокислые ; болезнетворные организмы. Азотфиксирующие организмы Азотфиксирующие бактерии– это поч..
Прямая - это когда особи влияют друг на друга Пример : Щука - плотва, волк - заяц Косвенная - нет непосредственного взаимодействия между особями Пример : гусеницы бабочек - монашенок и шелкопрядов поедают хвою сосен, корова и овца поедают одну траву.
Приспособленность — относительная целесообразность строения и функций организма, являющаяся результатом естественного отбора, устраняющего неприспособленных особей. Признаки возникают в результате мутаций. Если они повышают жизнеспособность организ..
Ткань не относящаяся к растительным это синтетика. Все де просто.
1. Клітини рослини, на відміну від тваринних клітин, мають хлоропласти, клітинну оболонку, вакуолі, а тваринні клітини — лізосоми. 2. Відмінності у будові рослинної та тваринної клітин зумовлені різними способами живлення.
Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ГТГТАТГГААГТ определите последовательность нуклеотидов из иРНК антикодоны соответствующих тРНК и последовательность аминокислот в фрагменте мол?
Фрагмент цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : ГТГТАТГГААГТ определите последовательность нуклеотидов из иРНК антикодоны соответствующих тРНК и последовательность аминокислот в фрагменте молекулы белка.
Практическая работа№4 помогите?
Практическая работа№4 помогите!
1)Определите последовательность нуклеотидов участка молекулы иРНК, синтезируемой на участке ДНК с последовательностью нуклеотидов АТТЦАЦГАЦЦЦТТЦТ
2)Определите последовательность нуклеотидов иРНК, синтезированную с правой цепи фрагмента молекулы ДНК , если ее левая цепь имеет следующую последовательность : АААЦГАГТТГГАТТЦГТГ
3)Фрагмент транскрибируемой цепи молекулы ДНК содержит 38% гуаниловых нуклеотидов.
Определите содержание цитидиловых нуклеотидов в соответствующей молекуле иРНК
4)Фрагмент иРНК имеет следующую последовательность нуклеотидов : ГЦАУУАГЦАУЦАГАЦУГУ.
Определите последовательность нуклеотидов фрагмента молекулы ДНК, с которой транскрибирован данный фрагмент иРНК.
5)Укажите последовательность нуклеотидов в обеих цепях фрагмента ДНК, если известно, что иРНК, синтезированная на этом участке, имеет следующее строение : АГУАЦЦГАУАЦУУГА
6)Последовательность нуклеотидов в начале гена, хранящего информацию о белке инсулине, начинается так : АААЦАЦЦТГЦТТГТАГАЦ.
Запишите последовательность аминокислот, с которой начинается цепь инсулина.
7)Полипептид состоит из следующих друг за другом аминокислот : глицин - валин - аланин - глицин - лизин - триптофан - валин - серин - глутаминовая кислота.
Определите структуру участка ДНК, кодирующего приведенный полипептид.
9. Участок молекулы белка имеет следующую последовательность аминокислот : аргинин - метионин - триптофан - гистидин - аргинин.
Определить возможные последовательности нуклеотидов в молекуле иРНК.
10)В синтезе белка приняли участие молекулы тРНК с антикодонами : УУГ, ГУЦ, ЦГУ, УУЦ, ГАУ, АУЦ.
Определите нуклеотидную последовательность во фрагме ДНК, последовательность аминокислот в участке синтезируемого белка и чисто нуклеотидную последовательность во фрагменте ДНК, последовательность аминокислот в участке синтезируемого белка и число нуклеотидов, содержащих тимин, аденин, гуанин и цитозин во фрагменте молекулы ДНК.
Фрагмент одной цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : АГТЦЦТЦЦААТГТТЦ?
Фрагмент одной цепи ДНК имеет последовательность нуклеотидов : АГТЦЦТЦЦААТГТТЦ.
Определить пследовательность нуклеотидов на ИРНК порядок расположения аминокислот в соответствующей молекуле белка.
Установление последовательности аминокислот, зная последовательность нуклеотидов в гене
Задача № 2.
Последовательность нуклеотидов в начале гена, хранящего информацию о белке инсулине, начинается так: ААА ЦАЦ ЦТГ ЦТТ ГТА ГАЦ. Напишите последовательности аминокислот, которой начинается цепь инсулина.
Решение:
Задание выполняется с помощью таблицы генетического кода, в которой нуклеотиды в иРНК (в скобках – в исходной ДНК) соответствуют аминокислотным остаткам.
Первый триплет ДНК: ААА, смотрим в таблице первое основание (А), это первый горизонтатьный столбец. Далее ищем второе основание (А). на пересечении этих двух столбцов видим прямоугольник в котором расположены четыре аминокислоты, для того что бы выбрать нужную нам, необходимо в крайнем правом столбце выбрать третье основание (А), это первая строчка -аминовислота "Фен" (фенилаланин).
Второй триплет ДНК: ЦАЦ, смотрим в таблице первое основание (Ц), это первый горизонтатьный столбец. Далее ищем второе основание (А). на пересечении этих двух столбцов видим прямоугольник в котором расположены четыре аминокислоты, для того что бы выбрать нужную нам, необходимо в крайнем правом столбце выбрать третье основание (Ц), это первая строчка - аминовислота "Вал" (валанин).
Точно таким же образом определим аминокислоты, которые кодируются триплетами: ЦТГ ЦТТ ГТА ГАЦ, получим: "Асп" (аспарагиновая кислота) - "Глу" (глутаминовая кислота) - "Гис" (гистидиин) - "Лей" (лейцин).
Последовательность аминокислот, которой начинается цепь инсулина, будет иметь вид:
Фен-Вал-Асп-Глу-Гис-Лей
или
фенилаланин-валанин-аспарагиновая кислота-глутаминовая кислота-гистидиин-лейцин
Читайте также: